网站服务器服务商深圳市网络品牌推广

继续学！嗨起来！！！（正确率已经下30%了，我在干什么）

题目：

438. 找到字符串中所有字母异位词

给定两个字符串 s 和 p，找到 s 中所有 p 的子串，返回这些子串的起始索引。不考虑答案输出的顺序。

示例 1:

输入: s = "cbaebabacd", p = "abc"
输出: [0,6]
解释:
起始索引等于 0 的子串是 "cba", 它是 "abc" 的异位词。
起始索引等于 6 的子串是 "bac", 它是 "abc" 的异位词。

注意：

1. 是异位词
2. 要求时间短
3. 滑动窗口解法（类似双指针）

不熟悉的操作：

[0]*26 = np.zeros([1,26])

ord() 是 Python 的内置函数，用于获取字符的 ASCII 码值

标准解法：

1.将p的字母和数量储存起来，滑动窗口

不用每次排序

不是用字典储存，而是一个列表，从a到z存字母个数【天才想法！】

一些思考：如果用字典呢？不过字典还要搜索，但如果不在就可以跳过（跟为负跳过是一样的捏）

里面的数据不用遍历：移过则出，没过则进

class Solution:def findAnagrams(self, s: str, p: str) -> List[int]:s_len, p_len = len(s), len(p)if s_len < p_len:return []ans = []s_count = [0] * 26p_count = [0] * 26for i in range(p_len):s_count[ord(s[i]) - 97] += 1p_count[ord(p[i]) - 97] += 1if s_count == p_count:ans.append(0)for i in range(s_len - p_len):s_count[ord(s[i]) - 97] -= 1s_count[ord(s[i + p_len]) - 97] += 1if s_count == p_count:ans.append(i + 1)return ans作者：力扣官方题解
链接：https://leetcode.cn/problems/find-all-anagrams-in-a-string/solutions/1123971/zhao-dao-zi-fu-chuan-zhong-suo-you-zi-mu-xzin/
来源：力扣（LeetCode）
著作权归作者所有。商业转载请联系作者获得授权，非商业转载请注明出处。

2.减小储存空间，出相同-1，进相同+1，differ记录不同的个数

部分代码：

# 列表推导式的结果：生成一个布尔值列表，表示每个元素是否是非零值。
count = [1, 0, 2, 0, 3]
bool_list = [c != 0 for c in count]
print(bool_list)  # 输出：[True, False, True, False, True]# .count(True)：计算布尔值列表中 True 的数量，即非零元素的数量。
differ = bool_list.count(True)
print(differ)  # 输出：3

全部代码：

class Solution:def findAnagrams(self, s: str, p: str) -> List[int]:s_len, p_len = len(s), len(p)if s_len < p_len:return []ans = []count = [0] * 26for i in range(p_len):count[ord(s[i]) - 97] += 1count[ord(p[i]) - 97] -= 1differ = [c != 0 for c in count].count(True)if differ == 0:ans.append(0)for i in range(s_len - p_len):if count[ord(s[i]) - 97] == 1:  # 窗口中字母 s[i] 的数量与字符串 p 中的数量从不同变得相同differ -= 1elif count[ord(s[i]) - 97] == 0:  # 窗口中字母 s[i] 的数量与字符串 p 中的数量从相同变得不同differ += 1count[ord(s[i]) - 97] -= 1if count[ord(s[i + p_len]) - 97] == -1:  # 窗口中字母 s[i+p_len] 的数量与字符串 p 中的数量从不同变得相同differ -= 1elif count[ord(s[i + p_len]) - 97] == 0:  # 窗口中字母 s[i+p_len] 的数量与字符串 p 中的数量从相同变得不同differ += 1count[ord(s[i + p_len]) - 97] += 1if differ == 0:ans.append(i + 1)return ans作者：力扣官方题解
链接：https://leetcode.cn/problems/find-all-anagrams-in-a-string/solutions/1123971/zhao-dao-zi-fu-chuan-zhong-suo-you-zi-mu-xzin/
来源：力扣（LeetCode）
著作权归作者所有。商业转载请联系作者获得授权，非商业转载请注明出处。

 自己的做法：

O(N2Logn)，因为排序，时间比较长

又是用双指针做的，感觉和滑动窗口异曲同工（不过双指针中间长度不固定，滑动窗口固定罢了）

感觉我丢return 【】的这部分丢的比它做法1多

写代码的时候出现的问题：for循环的数量和缩进

class Solution(object):def findAnagrams(self, s, p):""":type s: str:type p: str:rtype: List[int]"""# 想法1:把所有p的排列组合列出来，进行搜索# 想法2:把所有有字母的对应长度截取下来排序，看看和p是否不同# 想法2的拓展：把每个字母都在p（集合）内的同等长度序列截下来，再判断# 先丢一部分s_set = set(s)p_set = set(p)for x in p_set:if x not in s_set:return []# 双指针a = 0b = len(p)p_sort = sorted(p)l = []while b <= len(s):if s[a] in p_set:for x in s[a+1:b]:    # 错1if x not in p_set:breakif x == s[b-1]:    # 错2l1 = sorted(s[a:b])if l1 == p_sort:l.append(a)a += 1b += 1return l

1. 时间复杂度更高（减了一个判断），但更好懂的代码

class Solution(object):def findAnagrams(self, s, p):""":type s: str:type p: str:rtype: List[int]"""# 想法1:把所有p的排列组合列出来，进行搜索# 想法2:把所有有字母的对应长度截取下来排序，看看和p是否不同# 想法2的拓展：把每个字母都在p（集合）内的同等长度序列截下来，再判断# 先丢一部分s_set = set(s)p_set = set(p)for x in p_set:if x not in s_set:return []# 双指针a = 0b = len(p)p_sort = sorted(p)l = []while b <= len(s):if s[a] in p_set:l1 = sorted(s[a:b])if l1 == p_sort:l.append(a)a += 1b += 1return l