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        我们可以将字符串分割成若干回文子串，返回所有可能的方案。如果将问题分解，可以表示为分割长度为n-1的子字符串，这与原问题性质相同，因此可以采用递归方法解决。

        为什么回溯与递归存在联系？在解决这个问题时，我们首先从短字符串开始构建（递的过程），当构造到最长字符串时，需要尝试其他方案（归的过程，即回溯）。

        思路一：可以将每两个字符之间的位置视为一个可选的分割点。选择或不选择每个分割点会产生不同的字符串组合。例如，在示例一中，这种思路会产生四种不同的分割方案。

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        关于递归边界条件的写法：使用下标i表示当前位置。当i达到字符串长度时，说明分割完成，此时将当前方案存入ans列表。

对于非边界情况：

1. 选择当前位置作为分割点：

   • 若当前子串是回文，则将其加入临时方案path
   • 递归处理i+1位置
   • 递归完成后需恢复现场，弹出path最后一个元素（回溯操作）

2. 不选择当前位置作为分割点：

   • 直接递归处理i+1位置

class Solution {
public:vector<vector<string>> ans;vector<string> path;bool isPalindrome(string s,int left,int right) {while (left < right) {if (s[left++] != s[right--]) {return false;}}return true;}void dfs(int i,int n,string& s,int start) {if (i == n) {ans.emplace_back(path);return;}if (i < n - 1) dfs(i + 1,n,s,start);if(isPalindrome(s,start,i)) {path.push_back(s.substr(start,i - start + 1));dfs(i + 1,n,s,i + 1);path.pop_back();}}vector<vector<string>> partition(string s) {dfs(0,s.size(),s,0);return ans;}
};

        思路二，答案的视角（枚举子串的结束位置）

        我们以子串的结束位置j为基准，将当前回文子串加入候选路径，然后递归处理从j+1到n-1位置的剩余字符串分割问题。

class Solution {
public:vector<vector<string>> ans;vector<string> path;bool isPalindrome(string s,int left,int right) {while (left < right) {if (s[left++] != s[right--]) {return false;}}return true;}void dfs(int i,int n,string& s) {if (i == n) {ans.emplace_back(path);return;}for(int j = i;j < n;j++) {if (isPalindrome(s,i,j)) {path.push_back(s.substr(i, j - i + 1));dfs(j + 1,n,s);path.pop_back();}}}vector<vector<string>> partition(string s) {dfs(0,s.size(),s);return ans;}
};

        时间复杂度：O(n*2^n),递归次数为逗号的子集的个数，也就是2^n，在判断是否是会回文需要O(n)时间所以，总时间为O(n2^n)

        空间复杂度：O(n)