高中男女做那个视频网站win7优化

34. 在排序数组中查找元素的第一个和最后一个位置

题目

思路

本题的核心思路是二分查找。

解题过程

1. 问题分析：在一个升序排列的数组中查找一个目标值 target 的起始和结束位置。这是一个典型的二分查找应用场景。
2. 核心转换：题目要求找到 target 的第一个位置和最后一个位置。这可以转换为两个子问题：
   • 找到第一个 大于等于 target 的元素的下标（记为 left_bound）。
   • 找到第一个 大于 target 的元素的下标，然后将这个下标减 1，就得到 target 的最后一个位置（记为 right_bound）。这等价于找到第一个 大于等于 target + 1 的元素的下标，然后减 1。
3. 实现lower_bound函数：我们可以实现一个通用的二分查找函数 lower_bound(nums, k)，用于查找数组 nums 中第一个大于等于 k 的元素的下标。
   • 初始化指针 left = 0, right = nums.length - 1。
   • 循环条件 while (left <= right)。
   • 计算中间位置 mid = left + (right - left) / 2。
   • 如果 nums[mid] < k，说明目标值 k（或第一个大于等于 k 的元素）一定在 mid 的右侧，更新 left = mid + 1。
   • 如果 nums[mid] >= k，说明 mid 可能是第一个大于等于 k 的元素，或者目标在 mid 的左侧。因此，我们需要继续在左半部分（包括 mid 本身）查找，更新 right = mid - 1。
   • 循环结束后，left 指针指向的位置就是第一个大于等于 k 的元素的下标。如果数组中所有元素都小于 k，left 将会等于 nums.length。
4. 求解：
   • 调用 lower_bound(nums, target) 得到 left_index。
   • 检查 left_index：如果 left_index 等于数组长度 nums.length 或者 nums[left_index] 不等于 target，说明数组中不存在 target，直接返回 [-1, -1]。
   • 调用 lower_bound(nums, target + 1) 得到 right_index_plus_one。
   • target 的最后一个位置是 right_index_plus_one - 1。
   • 返回 [left_index, right_index_plus_one - 1]。

复杂度

• 时间复杂度: O(log n) - 两次二分查找。
• 空间复杂度: O(1) - 只使用了常数级别的额外空间。

Code

class Solution {public int[] searchRange(int[] nums, int target) {// 查找第一个大于等于 target 的位置int leftIdx = lower_bound(nums, target);// 检查 leftIdx 是否越界 或 nums[leftIdx] != target// 如果是，说明 target 不存在if (leftIdx == nums.length || nums[leftIdx] != target) {return new int[] {-1, -1};}// 查找第一个大于等于 target + 1 的位置// 这个位置的前一个位置就是 target 的最后一个位置int rightIdx = lower_bound(nums, target + 1) - 1;return new int[] {leftIdx, rightIdx};}// 查找数组中第一个大于等于 k 的元素的下标private int lower_bound(int[] nums, int k) {int left = 0, right = nums.length - 1;while (left <= right) {int mid = left + (right - left) / 2;if (nums[mid] < k) {// [mid+1, right]left = mid + 1;} else { // nums[mid] >= k// [left, mid-1]right = mid - 1;}}// 循环结束后，left 就是第一个 >= k 的元素的下标return left;}
}

---

35. 搜索插入位置

题目

思路

同样使用二分查找。

解题过程

1. 问题分析：在一个 无重复元素 的有序数组中，查找目标值 target。如果找到，返回其下标；如果找不到，返回它应该插入的位置的下标，以保持数组有序。
2. 核心思想：这个问题本质上就是查找数组中第一个 大于等于 target 的元素的下标。
   • 如果数组中存在 target，那么第一个大于等于 target 的元素就是 target 本身，其下标即为所求。
   • 如果数组中不存在 target，那么第一个大于等于 target 的元素的位置，就是 target 应该插入的位置。
3. 实现：可以直接复用上一题中的 lower_bound 查找逻辑。
   • 初始化 left = 0, right = nums.length - 1。
   • 循环 while (left <= right)。
   • 计算 mid。
   • 如果 nums[mid] < target，目标在右侧，left = mid + 1。
   • 如果 nums[mid] >= target，目标在 mid 或其左侧，right = mid - 1。
   • 循环结束后，left 就是第一个大于等于 target 的元素的下标。
4. 边界情况处理：
   • 如果数组中所有元素都小于 target，循环过程中 left 会一直右移，最终 left 变为 nums.length，这正好是 target 应该插入的位置。
   • 如果数组中所有元素都大于 target，循环过程中 right 会一直左移，最终 left 保持为 0，这也是 target 应该插入的位置。
   • 因此，该二分查找的返回值 left 直接就是答案。

复杂度

• 时间复杂度: O(log n) - 一次二分查找。
• 空间复杂度: O(1) - 只使用了常数级别的额外空间。

Code

class Solution {public int searchInsert(int[] nums, int target) {int left = 0, right = nums.length - 1;while (left <= right) {int mid = left + (right - left) / 2;if (nums[mid] < target) {left = mid + 1; // 继续在右区间 [mid+1, right] 查找} else { // nums[mid] >= targetright = mid - 1; // 继续在左区间 [left, mid-1] 查找}}// 循环结束后，left 指向第一个大于等于 target 的元素下标// 或者，如果 target 大于所有元素，left 指向 nums.lengthreturn left;}
}

---

92. 反转链表 II (复习)

题目

复习心得

今天是第二次做这道题。核心思路仍然是找到 left 位置的前一个节点 prev，然后使用头插法，在 left 到 right 区间内，依次将 cur 后面的节点 curNext 移动到 prev 的后面（也就是反转区间的头部）。

在 while 循环里，关键在于理解节点连接的变化：

1. 保存 cur 的下一个节点：ListNode curNext = cur.next;
2. 让 cur 跳过 curNext，指向 curNext 的下一个节点：cur.next = curNext.next;
3. 将 curNext 插入到反转区间的头部，也就是 prev 的后面：curNext.next = prev.next;
4. 让 prev 指向新的头部 curNext：prev.next = curNext;

今天在写的时候，容易混淆的是步骤 3 和 4。一开始容易错误地写成 curNext.next = cur，这是不对的，因为 cur 是在移动的，只有在循环开始前 prev.next 才指向反转区间的第一个节点。正确的做法是始终将 curNext 插入到 prev.next 所指向的位置。

详细题解可以参考之前的笔记：每日算法-250328

Code

/*** Definition for singly-linked list.* public class ListNode {*     int val;*     ListNode next;*     ListNode() {}*     ListNode(int val) { this.val = val; }*     ListNode(int val, ListNode next) { this.val = val; this.next = next; }* }*/
class Solution {public ListNode reverseBetween(ListNode head, int left, int right) {// 使用虚拟头节点简化边界处理（left=1 的情况）ListNode dummy = new ListNode(0);dummy.next = head;// 1. 找到 left 位置的前一个节点 prevListNode prev = dummy;for (int i = 1; i < left; i++) {prev = prev.next;}// prev.next 就是反转区间的第一个节点，记为 curListNode cur = prev.next;// 2. 执行头插法反转 left 到 right 区间的节点// 总共需要执行 right - left 次头插操作for (int i = left; i < right; i++) {// 获取 cur 的下一个节点，它将是下一个要移动到头部的节点ListNode nodeToMove = cur.next;// cur 跳过 nodeToMovecur.next = nodeToMove.next;// 将 nodeToMove 插入到 prev 的后面nodeToMove.next = prev.next;prev.next = nodeToMove;}return dummy.next;}
}