leetcode 3439. 重新安排会议得到最多空余时间 I 中等
给你一个整数 eventTime
表示一个活动的总时长,这个活动开始于 t = 0
,结束于 t = eventTime
。
同时给你两个长度为 n
的整数数组 startTime
和 endTime
。它们表示这次活动中 n
个时间 没有重叠 的会议,其中第 i
个会议的时间为 [startTime[i], endTime[i]]
。
你可以重新安排 至多 k
个会议,安排的规则是将会议时间平移,且保持原来的 会议时长 ,你的目的是移动会议后 最大化 相邻两个会议之间的 最长 连续空余时间。
移动前后所有会议之间的 相对 顺序需要保持不变,而且会议时间也需要保持互不重叠。
请你返回重新安排会议以后,可以得到的 最大 空余时间。
注意,会议 不能 安排到整个活动的时间以外。
示例 1:
输入:eventTime = 5, k = 1, startTime = [1,3], endTime = [2,5]
输出:2
解释:
将 [1, 2]
的会议安排到 [2, 3]
,得到空余时间 [0, 2]
。
示例 2:
输入:eventTime = 10, k = 1, startTime = [0,2,9], endTime = [1,4,10]
输出:6
解释:
将 [2, 4]
的会议安排到 [1, 3]
,得到空余时间 [3, 9]
。
示例 3:
输入:eventTime = 5, k = 2, startTime = [0,1,2,3,4], endTime = [1,2,3,4,5]
输出:0
解释:
活动中的所有时间都被会议安排满了。
提示:
1 <= eventTime <= 10^9
n == startTime.length == endTime.length
2 <= n <= 10^5
1 <= k <= n
0 <= startTime[i] < endTime[i] <= eventTime
endTime[i] <= startTime[i + 1]
其中i
在范围[0, n - 2]
之间。
分析:先用一个数组记录所有活动完成时间的前缀和。之后从第 1 个活动开始,每次选定 k 个活动,把这个 k 个活动全部移动到前一个活动的结束时间开始处排列,再用下一个活动的开始时间减去前一个活动结束时间加上 k 个活动的持续时间之和,得到一个结果。保留最大的结果即可。
注意第 1 个活动的开始时间可能不为 0,因此在处理第一次的情况时,要把第一个活动设定为 0 开始;同样最后一个活动的结束时间不一定为 eventTime,在处理最后 k 个活动时,需要把最后一个活动的结束时间设定为 eventTime,此时前面还能移动 k-1 个活动。
int maxFreeTime(int eventTime, int k, int* startTime, int startTimeSize, int* endTime, int endTimeSize) {int n=startTimeSize,ans=0,ret=0;int lastTime[n+6],left_preTime[n+6];for(int i=0;i<n;++i){left_preTime[i]=lastTime[i]=endTime[i]-startTime[i];if(i)left_preTime[i]+=left_preTime[i-1];}if(k==n)return eventTime-lastTime[k-1]-left_preTime[k-2];for(int i=0;i<=n-k;++i){int right,len=left_preTime[k-1+i],last=0;if(!i) last=len,right=startTime[k+i];else if(i<n-k)last=len+endTime[i-1]-left_preTime[i-1],right=startTime[k+i];else {right=eventTime-lastTime[n-1],last=left_preTime[k-2+i]+endTime[i-1]-left_preTime[i-1];}ans=fmax(right-last,ans);// printf("i=%d,len=%d,right=%d,ans=%d\n",i,len,right,ans);}return ans;
}