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题目

给你一个链表，两两交换其中相邻的节点，并返回交换后链表的头节点。你必须在不修改节点内部的值的情况下完成本题（即，只能进行节点交换）。

示例

示例 1：

输入：head = [1,2,3,4]
输出：[2,1,4,3]

示例 2：

输入：head = []
输出：[]

示例 3：

输入：head = [1]
输出：[1]

分析

迭代法

迭代方法通过循环遍历链表，依次交换相邻的两个节点。我们需要维护几个指针来完成节点的交换操作。

创建虚拟头节点：创建一个虚拟头节点 dummy，并将其 next 指针指向原链表的头节点 head，同时使用 prev 指针指向 dummy，方便后续操作。

循环交换节点：只要 head 和 head->next 不为空，就进行交换操作。

保存当前相邻的两个节点 first 和 second。

交换这两个节点：将 prev->next 指向 second，first->next 指向 second->next，second->next 指向 first。

更新指针：交换完成后，更新 prev 指针为 first，head 指针为 first->next，继续下一轮交换。

返回结果：最终返回 dummy.next，即交换后链表的头节点。

时间复杂度：O()，  是链表的长度

空间复杂度：O(1)

class Solution {
public:ListNode* swapPairs(ListNode* head) {ListNode dummy(0);dummy.next = head;ListNode* prev = &dummy;while (head && head->next) {ListNode* first = head;ListNode* second = head->next;// 交换节点prev->next = second;first->next = second->next;second->next = first;// 更新指针prev = first;head = first->next;}return dummy.next;}
};    

递归法

递归方法通过递归地处理链表的剩余部分，然后再交换当前相邻的两个节点。

递归终止条件：如果 head 为空或者 head->next 为空，说明没有节点或者只有一个节点，直接返回 head。

保存当前相邻节点：保存当前相邻的两个节点 first 和 second。

递归处理剩余部分：递归调用 swapPairs 函数处理 second->next 之后的链表，将结果赋值给 first->next。

交换节点：将 second->next 指向 first。

返回结果：返回 second，因为交换后 second 成为了新的头节点。

时间复杂度：O()，  是链表的长度

空间复杂度：O()

class Solution {
public:ListNode* swapPairs(ListNode* head) {if (!head || !head->next) {return head;}ListNode* first = head;ListNode* second = head->next;// 递归处理剩余部分first->next = swapPairs(second->next);second->next = first;return second;}
};