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一. 简介

本文记录一下力扣网上涉及数组的问题：在旋转排序数组中查找目标值。这里主要练习使用双指针或者使用二分查找法解决。

二. 力扣网C语言编程题：寻找两个正序数组的中位数

题目：寻找两个正序数组的中位数

给定两个大小分别为 m 和 n 的正序（从小到大）数组 nums1 和 nums2。请你找出并返回这两个正序数组的 中位数 。
算法的时间复杂度应该为 O(log (m+n)) 。

示例 1：
输入：nums1 = [1,3], nums2 = [2]
输出：2.00000
解释：合并数组 = [1,2,3] ，中位数 2

示例 2：
输入：nums1 = [1,2], nums2 = [3,4]
输出：2.50000
解释：合并数组 = [1,2,3,4] ，中位数 (2 + 3) / 2 = 2.5

提示：
    nums1.length == m
    nums2.length == n
    0 <= m <= 1000
    0 <= n <= 1000
    1 <= m + n <= 2000
    -106 <= nums1[i], nums2[i] <= 106

解题思路一：（从前往后 / 双指针，排序合并）

1.  首先，申请一段内存，拷贝数组nums1所有元素；

2. 然后，准备三个指针，从前往后，合并排序（从小到大）； 处理剩余元素；

3. 最后，计算中位数；

C语言实现如下：

//寻找两个正序数组的中位数
double findMedianSortedArrays(int* nums1, int nums1Size, int* nums2, int nums2Size) {int* nums = (int*)malloc((nums1Size+nums2Size)*sizeof(int));int p = 0; //指向拼接后的数组元素int p1 = 0;//指向数组nums1的元素int p2 = 0;//指向数组nums2的元素memcpy(nums, nums1, nums1Size*sizeof(int));//从前往后合并（从小到大）while(p1 < nums1Size && p2 < nums2Size) {//比较大小，最大值存入if(nums1[p1] <= nums2[p2]) {nums[p] = nums1[p1];p1++; }   else { //nums1[p1]>nums2[p2]nums[p] = nums2[p2];p2++;}     p++;}//处理剩余的元素//可能一个数组nums1的元素已排序完，还剩下nums2的元素的情况while(p1 < nums1Size) {nums[p] = nums1[p1];p1++;p++;}while(p2 < nums2Size){nums[p] = nums2[p2];p2++;p++;}double median = 0;if(p % 2 == 0) {median = (nums[p/2]+ nums[p/2-1]) / 2.0;}else {median = nums[p/2];}return median;
}

可以看出，这种解法的时间复杂度为 O(m+n)，空间复杂度为 O(m+n)。但是，这种解法不符合题目要求的时间复杂度。

解题思路二：（二分查找法）

二分查找法的时间复杂度为O(log (m+n)) ，所以，其实这里题目要求的二分查找法来解决。

查找两个有序数组合并后中位数可以转换为寻找两个数组中第 k 小的元素。

对于有序数组nums1和 nums2，假设两个数组元素个数分别为 m，n。

中位数与第k小元素的关系：

中位数本质上是求第 k小元素的特例：

当两个数组长度和m+n为奇数时，中位数 = 第 (m+n)/2+1小的元素（从1开始）；

当两个数组长度和m+n为偶数时，中位数 = 第 (m+n)/2 小的元素 + 第 (m+n)/2+1 小的元素] / 2.0；

算法核心思想

1. 问题分解：

每次比较两个数组第 [k/2]个元素：

    若 nums1[k/2-1] < nums2[k/2-1]，说明 nums1 的前 k/2 个元素都不可能是第 k 小元素，可排除。
    反之，排除 nums2 的前 k/2 个元素。
    通过不断排除元素，将问题规模缩小为原来的一半。

2. 递归排除：

nums1[i-1] > nums2[j-1] → 排除nums2的前j个元素
nums1[i-1] <= nums2[j-1] → 排除nums1的前i个元素

3. 边界处理：

当某个数组为空时，直接返回另一个数组的第 k 小元素。

当 k=1 时，返回两数组当前首元素的最小值。

C语言实现如下：

//二分查找法
int find_kth_smallest(int* nums1, int m, int* nums2, int n, int k) {//保证数组nums1是最短数组，减少递归次数if(m > n) {return find_kth_smallest(nums2, n, nums1, m, k);}//处理边界//1. 数组nums1为空，nums2不为空的情况//返回数组nums2的中位数if(m == 0){return nums2[k-1];}//2. k=1的情况if(k == 1){return (nums1[0] < nums2[0])? nums1[0]: nums2[0];}//计算分割点：比较两个数组的第k小的元素int i = ((k / 2) > m) ?  m : k/2; // nums1的分割点，防止越界int j = ((k / 2) > n) ?  n : k/2; // nums2的分割点，防止越界//比较nums1[k/2]和nums2[k/2]大小，排除较小的数组的第k/2小的元素if(nums1[i-1] < nums2[j-1]) {//排除数组nums1中前i个元素，在剩余元素中继续查找第 k-i小的元素return find_kth_smallest(nums1+i, m-i, nums2, n, k-i);}else{ //nums1[i] >= nums2[j]//排除数组nums2中前j个元素，在剩余元素中继续查找第 k-j小的元素return find_kth_smallest(nums1, m, nums2+j, n-j, k-j);}
}double findMedianSortedArrays(int* nums1, int nums1Size, int* nums2, int nums2Size) {int elements_cnt = nums1Size+nums2Size;double median;if(elements_cnt % 2 != 0) { //奇数个元素median = find_kth_smallest(nums1, nums1Size, nums2, nums2Size, elements_cnt/2+1);}else{ //偶数个元素int element1 = find_kth_smallest(nums1, nums1Size, nums2, nums2Size, elements_cnt/2);int element2 = find_kth_smallest(nums1, nums1Size, nums2, nums2Size, elements_cnt/2+1);median = (element1+element2) / 2.0;}return median;
}

这个解法满足题目要求了，算法的时间复杂度为 O(log(m+n))。