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[BJDCTF2020]JustRE

shitf+f12看到可疑字符串，查看他的交叉引用。

 查看后发现一个格式化输出的东西，如实填写即可。

 应该是点击1999次按钮就会出flag吧也许。

刮开有奖

这是个赌博程序？有点意思呀。点开说是刮开有奖，但是没什么反应。

先他妈不写了，没有音乐写不进去。

OK，我们拖进IDA看看，根据经验跟进此函数进行分析。

由于string长度=8才会进行此if判断，因此大胆推测string就是flag。其中前四位在末尾的if判断已经给出，所以我们只需要看后四位就行（实际上前四位一会也需要看）。看后面的几位，很明显看到v18被string所赋值，点进函数看看究竟发生了什么事。 

函数内有一数组内容如下所示，怀疑是base64加密（上面的41h代表A），在chef里面解密以下v4和v5的数据就拿到了原本的了应该。 最后得到v4=jMp，v5是WP1。

根据此，string的678位是jMp，第345是WP1,但是真的很容易看到12位吗？请看开头部分的代码。

这部分其实点进去函数，推测是一个排序的（我也没看出来，参考网络WP所写的）根据高手思路，直接复制伪C代码是最快的写题方法。汇编中寻址是i*4，因为一个int占4空间，我们修改一下就可以了，直接用i寻址！以下是参考的WP所写的代码：

#include <stdio.h>
#include <string.h>int  sub_4010F0(char* a1, int a2, int a3)
{int result; // eaxint i; // esiint v5; // ecxint v6; // edxresult = a3;                                 for (i = a2; i <= a3; a2 = i){v5 = i;v6 = a1[i];if (a2 < result && i < result){do{if (v6 > a1[result]){if (i >= result)break;++i;a1[v5] = a1[result];if (i >= result)break;while (a1[i] <= v6){if (++i >= result)goto LABEL_13;}if (i >= result)break;v5 = i;a1[result] = a1[i];}--result;} while (i < result);}LABEL_13:a1[result] = v6;sub_4010F0(a1, a2, i - 1);result = a3;++i;}return result;
}
int main(void)
{char str[] = "ZJSECaNH3ng";sub_4010F0(str,0,10);printf("%s", str);return 0;
}

然后运行，就是新的v7，这样才可以在if判断句里面进行计算。

刚开始想到了base64,没想到v7也进行了排序操作。现在粗略瞄一眼这个函数，实现了递归调用和对数组值的修改，确实可能是排序。具体算法:

 斗胆写了个快速排序的python实现，方便以后复习：

a = [1, 4, 5, 2, 3]

 

def quick(arr):

    if(len(arr)<=1):

        return arr

    b=arr[0]

    left=[x for x in arr[1:] if x<b]

    right=[x for x in arr[1:] if x>b]

    return quick(left)+[b]+quick(right)

print(quick(a))

参考WP：

BUUCTF 刮开有奖（特别详细了，尽自己全力理解所写）-CSDN博客

[BUUCTF]Reverse-刮开有奖 - 玉石听 - 博客园

破解BUUCTF_刮开有奖-CSDN博客

[BUUCTF]REVERSE——刮开有奖_buuctf reverse 刮开有奖-CSDN博客

[ACTF新生赛2020]easyre1

先用UPX脱壳，看到了主要的判断条件，但是目前看不出来v5的值，陷入僵局。看了WP才知道咋写了。

观察发现关键的(char *)操作，即强制转换为char指针，v5本来占3*4=12字节，转换后相当于储存字符串的一个数组，这点格外注意，那么_data_start后面中括号就是v5的索引的意思？非也，最前面的*表示解引用，那就是说其实就是v5的字符。find（）函数可以快速查询特定字符的索引。

我们只要满足if的判断条件即可。那么v4我们已经知道是什么了，为了方便代码的开展，我们把它转换为ASCII数组。具体实现看脚本。。

#转换a的ASCII码到b
a='''*F'\"N,\"(I?+@'''
b=[]
c=[]
flag=''
for i in a:b.append(ord(i))
print(b)
#开始写脚本破解
index='''~}|{zyxwvutsrqponmlkjihgfedcba`_^]\[ZYXWVUTSRQPONMLKJIHGFEDCBA@?>=<;:9876543210/.-,+*)('&%$# !"'''
for i in b:c.append(index.find(chr(i))+1)#+1不可以忘记，原代码中的索引v5进行-1才是=v4
for i in c:flag+=chr(i)
print(flag)

还有一个坑点，这里的27h没有识别出来，我们需要将他转换为10进制自己再查ASCII表添加进脚本。

参考题解：

BUUCTF之[ACTF新生赛2020]easyre 1(RE) - Eip的浪漫 - 博客园

BUUCTF逆向wp [ACTF新生赛2020]easyre_buuctf [actf新生赛2020]easyre-CSDN博客

 简单注册器

说实话这也是我学逆向的一大乐趣，破解软件的感觉还是很爽的。

居然是APK格式。先进模拟器看看里面内容，然后直接用jadx分析就可以了。原来看大佬们破解玄奥周易这样的小软件应该也是这种思路了，不过他们的算法估计更厉害。

进去是这样，不惯着他，直接进jadx分析。锁定关键代码。通过第一个if判断句，我们应该可以得到其实flag长度估计是32位。而且第二个和最后一个值都已经知道。

然后对x进行操作，咱们把这个代码copy到java代码运行一下看看。

出来了59acc538825054c7de4b26440c0999dd这一串

public class Main {public static void main(String[] args) {char[] x = "dd2940c04462b4dd7c450528835cca15".toCharArray();x[2] = (char) ((x[2] + x[3]) - 50);x[4] = (char) ((x[2] + x[5]) - 48);x[30] = (char) ((x[31] + x[9]) - 48);x[14] = (char) ((x[27] + x[28]) - 97);for (int i = 0; i < 16; i++) {char a = x[31 - i];x[31 - i] = x[i];x[i] = a;}for (int j = 0; j < x.length; j++) {System.out.println(x[j]);}}
}

其实这个就是flag。但是我们亲自输入进去软件让他自己出flag成就感满满呀，接着看吧。一共是32位。按照第一个判断句的要求给他修改了。其中最后一个相加=104，我们知道肯定是两个数字，因为字母都是ASCII码比较大，无法满足条件。得到下面的字符串：

2b6cc538825054c7de4b26440c0999da

直接输进入软件就行，出来flag。

[GWCTF 2019]pyre

看名字像是python逆向！不出意料是pyc文件，掏出工具反编译PYC。

关键代码如上图所示。

首先第一个for循环看样子就是通过input1计算出了一个数字。在下面的循环中，对code进行了一次反复异或操作。code首先要被第一个for循环操作一次，再自己反复异或。又遇到我最反感的有%的题目。首先我揣测这是不是某个没见过的算法，于是我问问豆包吧。

看到这里恍然大悟，code其实是储存了所有的num后的并且经过第二个for循环的列表了，所以我们应该先将code转换为异或之前，才有可能找到原来的num！然后我们用爆破的思路做。有思路了，咱们开始行动吧。

但是这样的思路按照我的实力暂时还做不出来，而且是复杂的思路。看看别人的wp：

[GWCTF 2019]pyre - 原来是甘文川同学 - 博客园

学到了新知识;

 先看对code的异或，是0和1，1和2.由于两次异或就是不异或，所以我们考虑倒着异或。务必理解这个脚本，举个例子，本来是0=0^1,3=3^4（数字代表索引）。现在我们倒着计算3，就是3=3^4，所以必须是i+1才可以。因为最终的长度的最后一位自己没有被后面的异或，从len-2开始计算即可。range中间的-1代表最后i会走到0这个值，刚好就是第一个。

随后， 看这个代码：

我们可以改写为：

code=(flag+i) %128。ASCII不超过128的，对着以后还要敏感点。但是%128并不是无用，因为里面还有负数，如-1%5还余4，（在python里面）这个需要注意。

code =['\x1f','\x12','\x1d','(','0','4','\x01','\x06','\x14','4',',','\x1b','U','?','o','6','*',':','\x01', 'D', ';','%', '\x13']
code1=[]
for i in code:code1.append(ord(i))#还原code
for i in range(len(code1)-2,-1,-1):code1[i]=code1[i]^code1[i+1]
print(code1)
flag=''
for i in range(len(code1)):flag+=chr((code1[i]-i)%128)
print(flag)

为什么不可以爆破，因为很容易重复，可能1和129结果就一样。原来一个simpleRev可以爆破就是因为不会重复。（我猜）

findit

还是一个apk，看样子flag就是wifi'密码。

粗略扫一眼，先定义了a和b，然后经过特定运算得到X和Y，必须X和输入的东西一样，才会输出Y。所以Y是flag没跑了，X是获得Y的密钥。老规矩，复制到编译器运行一下便知。 

public class Main {public static void main(String[] args) {char[] a = { 'T', 'h', 'i', 's', 'I', 's', 'T', 'h', 'e', 'F', 'l', 'a', 'g', 'H', 'o', 'm', 'e' };char[] b = { 'p', 'v', 'k', 'q', '{', 'm', '1', '6', '4', '6', '7', '5', '2', '6', '2', '0', '3', '3', 'l', '4','m', '4', '9', 'l', 'n', 'p', '7', 'p', '9', 'm', 'n', 'k', '2', '8', 'k', '7', '5', '}' };char[] x = new char[17];char[] y = new char[38];// 处理数组 afor (int i = 0; i < 17; i++) {if ((a[i] < 'I' && a[i] >= 'A') || (a[i] < 'i' && a[i] >= 'a')) {x[i] = (char) (a[i] + 18);} else if ((a[i] >= 'A' && a[i] <= 'Z') || (a[i] >= 'a' && a[i] <= 'z')) {x[i] = (char) (a[i] - '\b');} else {x[i] = a[i];}}// 处理数组 bfor (int i2 = 0; i2 < 38; i2++) {if ((b[i2] >= 'A' && b[i2] <= 'Z') || (b[i2] >= 'a' && b[i2] <= 'z')) {y[i2] = (char) (b[i2] + 16);if ((y[i2] > 'Z' && y[i2] < 'a') || y[i2] >= 'z') {y[i2] = (char) (y[i2] - 26);}} else {y[i2] = b[i2];}}// 输出处理后的数组 xfor (int i = 0; i < 17; i++) {System.out.print(x[i]);}System.out.println();// 输出处理后的数组 yfor (int i = 0; i < 38; i++) {System.out.print(y[i]);}}
}

x就是我们应该要输入的，y直接就是flag。

[ACTF新生赛2020]rome

 看样子也是实现了一个简单的字符变换加密。接下来细细分析代码。