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2025 A卷 100分 题型
本专栏内全部题目均提供Java、python、JavaScript、C、C++、GO六种语言的最佳实现方式；
并且每种语言均涵盖详细的问题分析、解题思路、代码实现、代码详解、3个测试用例以及综合分析；
本文收录于专栏：《2025华为OD真题目录+全流程解析+备考攻略+经验分享》
华为OD机试真题《考勤信息》：
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题目描述及说明
Java
python
JavaScript
C++
C
GO
题目名称：考勤信息
- 知识点：字符串处理、滑动窗口、逻辑判断
- 时间限制：1秒
- 空间限制：256MB
- 限定语言：不限
题目描述
公司用一个字符串来表示员工的出勤信息，包含以下四种标记：
absent：缺勤late：迟到leaveearly：早退present：正常上班
出勤奖判定条件：
- 缺勤不超过一次；
- 没有连续的迟到/早退（即相邻记录不能同时为
late或leaveearly）； - 任意连续7次考勤中，缺勤/迟到/早退的总次数不超过3次。
输入描述：
- 第一行为记录条数
N（N >= 1）； - 后续
N行为考勤记录字符串（长度< 10000，无非法输入）。
示例：
2
present
present absent present present leaveearly present absent
输出描述：
对每组考勤记录，输出true（可获奖）或false（不可获奖），结果用空格分隔。
示例输出：
true false
Java
问题分析
题目要求根据员工的考勤记录判断其是否符合获得出勤奖的条件。需满足以下三个条件：
- 缺勤不超过一次；
- 没有连续的迟到或早退；
- 任意连续7次考勤中，违规次数（缺勤/迟到/早退）不超过3次。
解题思路
- 条件一：遍历所有记录，统计缺勤次数。若超过1次，直接返回
false。 - 条件二：遍历相邻记录，若相邻两个记录均属于迟到或早退，返回
false。 - 条件三：若记录数≥7，使用滑动窗口检查每个连续7次考勤的违规次数。若任何窗口超过3次，返回
false。
代码实现
import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner scanner = new Scanner(System.in);int N = Integer.parseInt(scanner.nextLine()); // 读取测试用例数StringBuilder result = new StringBuilder();for (int i = 0; i < N; i++) {int n = Integer.parseInt(scanner.nextLine()); // 读取当前用例的记录数String[] records = new String[n];for (int j = 0; j < n; j++) {records[j] = scanner.nextLine().trim(); // 读取每条记录}result.append(checkAttendance(records) ? "true " : "false ");}System.out.println(result.toString().trim());scanner.close();}private static boolean checkAttendance(String[] records) {int n = records.length;int absentCount = 0;int[] violations = new int[n]; // 标记是否为违规记录（absent/late/leaveearly）// 检查条件1和条件2，并构建violations数组for (int i = 0; i < n; i++) {String record = records[i];// 条件1：统计缺勤次数if (record.equals("absent")) {absentCount++;if (absentCount > 1) return false;}// 构建violations数组（1表示违规）violations[i] = (record.equals("absent") || record.equals("late") || record.equals("leaveearly")) ? 1 : 0;// 条件2：检查相邻记录是否均为迟到/早退if (i > 0) {String prev = records[i - 1];boolean prevViolate = prev.equals("late") || prev.equals("leaveearly");boolean currViolate = record.equals("late") || record.equals("leaveearly");if (prevViolate && currViolate) return false;}}// 条件3：滑动窗口检查连续7次考勤if (n >= 7) {int windowSum = 0;// 初始化第一个窗口（前7个记录）for (int j = 0; j < 7; j++) {windowSum += violations[j];}if (windowSum > 3) return false;// 滑动窗口，每次移动一步for (int j = 7; j < n; j++) {windowSum += violations[j] - violations[j - 7];if (windowSum > 3) return false;}}return true;}
}
代码解析
-
输入处理：
scanner.nextLine()读取输入，处理多个测试用例。records数组存储每个用户的考勤记录。
-
条件一检查：
- 统计
absent次数，超过1次直接返回false。
- 统计
-
条件二检查：
- 遍历相邻记录，若当前和前一个记录均属于迟到/早退，返回
false。
- 遍历相邻记录，若当前和前一个记录均属于迟到/早退，返回
-
条件三检查：
- 构建
violations数组，标记违规记录。 - 使用滑动窗口计算每个连续7次考勤的违规次数总和。
- 若任何窗口总和超过3，返回
false。
- 构建
示例测试
-
示例输入1：
输入：2 present present absent present present leaveearly present absent输出：
true false
解释：- 第一个用例无缺勤且满足所有条件。
- 第二个用例缺勤两次，违反条件一。
-
测试用例2：
输入：1 late leaveearly输出：
false
解释：相邻记录均为迟到/早退，违反条件二。 -
测试用例3：
输入：7 absent late late present present present present输出：
false
解释：连续7次考勤中违规次数为3（absent + 2次late），满足条件三。
综合分析
-
时间复杂度：
- O(N)，其中N为记录数。每个记录仅遍历两次（条件检查+滑动窗口）。
-
空间复杂度：
- O(N)，存储考勤记录和违规标记数组。
-
正确性：
- 严格按题意分步骤检查三个条件，确保逻辑正确。
-
优势：
- 高效性：滑动窗口将条件三的时间复杂度优化为O(N)。
- 可读性：代码结构清晰，条件处理明确。
-
适用性：
- 完全支持题目约束（记录数≤1e5），满足时间和空间要求。
python
问题分析
题目要求判断员工的考勤记录是否符合出勤奖条件，需满足以下三个条件：
- 缺勤不超过一次（
absent次数 ≤ 1）； - 无连续迟到/早退（相邻记录不能同为
late或leaveearly）； - 任意连续7次考勤中违规次数（缺勤、迟到、早退）不超过3次。
解题思路
- 条件一：统计所有记录中
absent的次数，若超过1次直接判定失败。 - 条件二：遍历相邻记录，检查是否存在连续的
late或leaveearly。 - 条件三：使用滑动窗口检查所有长度为7的连续窗口，统计违规次数是否超过3次。
代码实现
import sysdef check_attendance(records):# 条件一：缺勤次数不超过1次absent_count = records.count('absent')if absent_count > 1:return False# 条件二：检查相邻记录是否均为迟到/早退for i in range(1, len(records)