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1.括号生成
题解
2.组合
3.目标和
题解
1.括号生成
链接：22. 括号生成
数字 n 代表生成括号的对数，请你设计一个函数，用于能够生成所有可能的并且 有效的 括号组合。
示例 1：
输入：n = 3
输出：["((()))","(()())","(())()","()(())","()()()"]示例 2：
输入：n = 1
输出：["()"]题解
给几对括号，然后把括号组合一下形成 有效括号
首先我们要知道什么是 有效括号的组合
- 1.左括号的数量 = 右括号的数量
- 2.从头开始的任意一个子串，左括号数量 >= 右括号数量
对于这样 暴力枚举的所有情况的问题，我们还是画一颗决策树
把所有情况不重不漏的情况都画出来，然后根据这棵树我们写代码。
每个位置都有两种选择，但是注意到刚开始就有剪枝的情况，刚开始不能选右括号，因为不满足条件2，所以右括号我们要分情况剪枝。
- 当右括号数量大于等于左括号的数量时此时不能添加右括号 right >= left。
- 还有当左括号的数量大于等于n时此时就没有左括号可以选了，left >= n。
- 后面情况都是这样分析的，因此我们就可以做写代码的准备了。
全局变量
- 需要一个 left 记录左括号的数量
- right 记录右括号的数量
- 还有一个n记录有几对括号要组合。
- 还需要一个ret记录结果，path记录每条路径的结果。
递归函数
- 每个位置都有两种选择。
- 因为上面都是用的全局变量，因此递归函数参数什么都不用传了。dfs()。回溯 当把path放到ret里，返回后要恢复现场。
- pop掉path最后一个位置元素。
- 剪枝 前面已经分析了。
递归出口 当right==n的时候说明括号组合完了。
class Solution {// dfs 就代表 向下走一步的意思
public:int left = 0;int right = 0;int _n;vector<string> ret;string path;vector<string> generateParenthesis(int n) {_n = n;dfs();return ret;}void dfs() {if (right == _n) {ret.push_back(path);return;}if (left < _n) // 通过 设计条件 进行剪枝{path += '(';left++;dfs();// 回溯path.pop_back();left--;}if (right < left) {path += ')';right++;dfs();path.pop_back();right--;}}
};2.组合
链接：77. 组合
给定两个整数 n 和 k，返回范围 [1, n] 中所有可能的 k 个数的组合。
你可以按 任何顺序 返回答案。
示例 1：
输入：n = 4, k = 2
输出：
[[2,4],[3,4],[2,3],[1,2],[1,3],[1,4],
]注意这道题结果是不能重复的。
如1，2 和 2，1 虽然位置不同但是是同样的组合。
这样的题我们还是画出决策树，然后根据这棵树把所有细节分析清楚
- 每个位置都有4种选择，首先前面被选种的数字后面就不能再选了，如1，2 和2，1只是位置不同数都是一样的，因此还是重复。
- 其次上每一层都是从上一层被选数字的后面一个开始选的。
- 全局变量，一个ret记录最终结果，一个path记录每条路径的结果。
- 递归函数，给一个pos，每一层都从pos位置开始往后选，dfs(pos)
- 回溯 当递归结束往上返回要恢复现场pop掉path最后一个位置元素
- 剪枝 用pos控制开始的位置就是剪枝
- 递归出口 当path.size() == k 就可以把path放到ret里，然后结束本次递归。
class Solution {
public:vector<vector<int>> ret;vector<int> path;int _n, _k;vector<vector<int>> combine(int n, int k) {_n = n;_k = k;dfs(1);return ret;}void dfs(int pos) {if (path.size() == _k) {ret.push_back(path);return;}for (int i = pos; i <= _n; i++) { //走的这一步是什么情况path.push_back(i);dfs(i + 1); //向下走一步path.pop_back();}}
};3.目标和
链接：494. 目标和
给你一个非负整数数组 nums 和一个整数 target 。
向数组中的每个整数前添加 '+' 或 '-' ，然后串联起所有整数，可以构造一个 表达式 ：
- 例如，
nums = [2, 1]，可以在2之前添加'+'，在1之前添加'-'，然后串联起来得到表达式"+2-1"。
返回可以通过上述方法构造的、运算结果等于 target 的不同 表达式 的数目。
示例 1：
输入：nums = [1,1,1,1,1], target = 3
输出：5
解释：一共有 5 种方法让最终目标和为 3 。
-1 + 1 + 1 + 1 + 1 = 3
+1 - 1 + 1 + 1 + 1 = 3
+1 + 1 - 1 + 1 + 1 = 3
+1 + 1 + 1 - 1 + 1 = 3
+1 + 1 + 1 + 1 - 1 = 3示例 2：
输入：nums = [1], target = 1
输出：1题解
给一个数组，对数组每个数字前面添加 + 或者 - ，串联所有数字构成一个表达式
找出表达式和为目标值有多少种情况。
- 如果前面做过选子集的问题，这道题思想是一模一样的，找子集其中有一张方法是 这个数字 选or不选
- 这道题就是 这个数字前面 +or-。
我们就根据这个画出决策树。
这里的步骤都不说了，和子集哪里的一模一样。
最后到叶子节点这条路径的和加起来等于target，就是一种情况。
这里写代码有两种形式。
- path 是全局变量的时候的代码
- path 作为参数的代码
可以参考求二叉树所有路径那道题，这道题也是path作为全局变量和作为参数两种不同形式的代码。
path作为全局变量， 需要考虑回溯恢复现场。
- path作为参数，不用考虑，因为在递归在向上返回的时候就已经帮助我们回溯恢复现场了。
- path作为参数也是有回溯的不过是编译器就可以帮我回溯了。
如果path是一个单独的类型的话，如int类型，你会发现把它放在dfs参数里面写的话，代码比较简洁。
如果path是一个数组类型的话，推荐使用全局变量！
这里 path 是 int，我们可以都先写着 对比来看看
path作为全局变量的代码
class Solution {
public:int ret;long long path;int _target;int findTargetSumWays(vector<int>& nums, int target){_target=target;dfs(nums,0);return ret;}void dfs(vector<int>& nums,int pos){//到底的判断if(pos==nums.size()){if(path==_target) //条件的判断ret++;return;}//+path+=nums[pos];dfs(nums,pos+1);path-=nums[pos];//回溯path-=nums[pos];dfs(nums,pos+1);path+=nums[pos]; }
};path 是 int 作为参数
class Solution {
public:int ret;int findTargetSumWays(vector<int>& nums, int target) {dfs(nums,target,0,0);return ret;}void dfs(vector<int>& nums,int target,int pos,int path){if(pos==nums.size()){if(path==target)ret++;return;}dfs(nums,target,pos+1,path+nums[pos]);//不要 修改原数dfs(nums,target,pos+1,path-nums[pos]);}
};
导图总结
