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逆天老是忘记考虑数据的范围最坏情况下要操作10的5次方* 10 的5次方/2 超出int了
下次不管三七二十一直接加纳 long!!!!!!!!!!!!

以后我看见这种 我就用long 来计算输出结果 ，妈妈再也不用担心我的代码超时了
1.小蓝的操作 - 蓝桥云课

emm,上次这个没有听懂直接跳过了，这次回来仔细的又看了一遍

思路是什么呢，要把所有输入的数字都变成一

正常思路的话就是先把连续的不含1的序列给减去任意一个数字，保证减完之后有一个数字等于一

然后就需要把这个连续的序列给分开了，因为中间产生1 了

子序列也是同理，给每个子序列不断的减一指导，子序列中某一个数等于1 在拆开，再减，最后你会发现拆的子序列都只剩一个元素了

比如途中的子序列3 5 2 7

只能减去一次1了

变成了 2 4 1 6

拆分  2 4 和 6 两个子序列

然后2 4 又只能减去一次1 

变成1  3 

是不是就剩3 了 3再减去两次1 

6再减去5次1 然后就变成了1 了

所以总次数 = 1 + 1 + 2 + 5 =9

你会发现是不是不用考虑小的数

然后的话我们用差分的思想来看

b[i] = a[i] -a[i-1]

将原数组转化为差分数组等于

1 2 4 -3 5 -6

是不是刚好差分数组中的所有的正数加在一起再减去1就是答案了

为什么呢

b[i]<=0是不是等价于 a[i]<=a[i-1]

这种情况是不是类似于5 2 这里

这里计算最小次数的话就不用考虑2了

后面的数比前面的数字小，是不是就是说明在后面的那个数变成1之后前面的那个数字才会变成1 

这意味着什么呢？

也就是说可以把a[i]和a[i-1]看作是一起操作的，

直到a[i]变成1 a[i-1]仍然大于等于1 

一起操作的相邻的两个数构成的序列  中是不是只要考虑更大的就行了，你说对吧

不管谁在前谁在后，

只要考虑大的那个变成1 需要操作的次数就行了，

因为大的元素，那个数的操作次数是不是也包含了小的数的操作次数

问题又来了，

怎么只考虑大的那个的操作次数呢

是不是只需要考虑差分数组中大于0的部分

小于0 的部分的操作次数是和大于0 的操作次数是有共用 的部分的

然后因为差分数组第一个数一定是等于原数组第一个数的

差分数组的第一个数是大于等于1 的，

所以最小操作次数就是差分数组中所有大于0 的数字之和

哎，你会发现答案不对

那就对了

因为你忽略了第一个元素多加了1 

题目说一定有解，

而且操作只能是减法

所以原数组的第一个数一定是大于等于1 的

所以差分数组的第一个数也一定是大于等于1 的

假如第一个元素是1 ，那第一个元素是不是不用操作

也就是次数是0

但是上面的计算是怎么计算的呢，把每一个大于0 的差分数组的元素都加在了一起

那你这个时候多加了1 

是不是就得减去1 呀

如果第一个元素大于1 那是不是操作次数也是多加了1 

所以差分数组的第一个数要变成 1需要 多少次呢？

是不是得给总数在减去1 

okok,盲猜你懂了！

上代码！！！

来言归正传，这是老师写的，我看了一遍，跟着写了一遍

package Lanqiao;import java.util.Scanner;/*** @author zb* date2025/3/23 15:29*/
public class L3399 {public static void main(String[] args) {Scanner in = new Scanner(System.in);int n =in.nextInt();
//        原数组int a[] = new int[n+10];int b[] = new int[n+10];for(int i =1; i<=n ; i++){a[i] =in.nextInt();b[i] =a[i]-a[i-1];}long sum =  0;for(int i= 1 ;i<=+n; i++){if(b[i]>0){sum = sum+ b[i];}}System.out.println(sum-1);in.close();}
}