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归并排序巧解逆序对问题：LeetCode 剑指 Offer 51.数组中的逆序对

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1. 题目链接

剑指 Offer 51. 数组中的逆序对
题目要求：给定一个整数数组 record，返回数组中逆序对的总数。逆序对定义为 i < j 且 record[i] > record[j]。

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2. 题目描述

• 输入：整数数组 record，例如 [7,5,6,4]。
• 输出：逆序对总数，例如 5（对应逆序对：(7,5), (7,6), (7,4), (5,4), (6,4)）。
• 约束条件：
  • 0 ≤ 数组长度 ≤ 50000
  • 结果可能很大，需对 1e9+7 取模（本题代码未处理，需根据题目要求补充）。

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3. 示例分析

示例：
输入：record = [7,5,6,4]
输出：5

分步解析：

1. 分解数组：

   • 初始数组分为 [7,5] 和 [6,4]。
   • 左子数组 [7,5] 的逆序对为 1（7 > 5）。
   • 右子数组 [6,4] 的逆序对为 1（6 > 4）。

2. 合并过程统计：

   • 合并左数组 [5,7] 和右数组 [4,6]：
     • 比较 5 和 4：5 > 4 → 逆序对增加 2（左数组剩余元素 5,7 均大于 4）。
     • 比较 5 和 6：5 ≤ 6 → 无新增。
     • 比较 7 和 6：7 > 6 → 逆序对增加 1（左数组剩余元素 7 大于 6）。
   • 合并阶段总逆序对：2 + 1 = 3。

3. 总计：1（左） + 1（右） + 3（合并） = 5。

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4. 算法思路

归并排序与逆序对统计的结合

1. 分治策略：

   • 分解数组为左右子数组，递归计算各自的逆序对数量。
   • 合并时统计跨越左右子数组的逆序对数量。

2. 合并阶段的关键操作：

   • 当左子数组元素 nums[cur1] > nums[cur2] 时，左子数组剩余元素（从 cur1 到 mid）均大于 nums[cur2]，逆序对增加 mid - cur1 + 1。

步骤拆解

1. 递归分解：将数组二分至单个元素。
2. 逆序对累加：
   • 左子数组内部逆序对数目。
   • 右子数组内部逆序对数目。
   • 合并时左右之间的逆序对数目。
3. 合并排序：确保合并后的子数组有序，为后续合并提供正确状态。

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5. 边界条件与注意事项

1. 递归终止条件： 当 left >= right 时，子数组长度为0或1，无逆序对。

2. 索引越界问题：中间点计算 mid = (left + right) / 2 可能导致溢出，建议改为 left + (right - left) / 2。

3. 临时数组管理： 预分配临时数组 tmp 的空间，避免递归中频繁分配内存。

4. 稳定性处理：合并时若 nums[cur1] == nums[cur2]，优先插入左元素，但逆序对不增加。

5. 复杂度分析：

   • 时间复杂度：O(n log n)，归并排序的时间复杂度。
   • 空间复杂度：O(n)，临时数组和递归栈空间。

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6. 代码实现与解析

class Solution {
public:vector<int> tmp; // 全局临时数组，用于合并阶段int reversePairs(vector<int>& record) {tmp.resize(record.size()); // 预分配空间return mergeSort(record, 0, record.size() - 1);}int mergeSort(vector<int>& nums, int left, int right) {if (left >= right) return 0; // 终止条件：子数组长度为0或1int mid = (left + right) / 2; // 计算中间点int ret = 0;ret += mergeSort(nums, left, mid);    // 左子数组逆序对数目ret += mergeSort(nums, mid + 1, right); // 右子数组逆序对数目// 合并并统计跨左右子数组的逆序对int cur1 = left, cur2 = mid + 1, i = 0;while (cur1 <= mid && cur2 <= right) {if (nums[cur1] <= nums[cur2]) {tmp[i++] = nums[cur1++]; // 左元素小，无逆序对} else {ret += mid - cur1 + 1;   // 统计逆序对tmp[i++] = nums[cur2++];}}// 处理剩余元素（不产生新逆序对）while (cur1 <= mid) tmp[i++] = nums[cur1++];while (cur2 <= right) tmp[i++] = nums[cur2++];// 将排序后的数据复制回原数组for (int j = left; j <= right; j++) {nums[j] = tmp[j - left];}return ret;}
};

代码逐行解析

1. 全局临时数组 tmp：

   • 预分配空间，避免递归中频繁申请内存。

2. 递归分解与统计：

   • mergeSort 返回当前区间的逆序对总数，累加左右子数组的结果。

3. 合并阶段的核心逻辑：

   • 逆序对统计：当 nums[cur1] > nums[cur2] 时，左子数组中剩余元素均构成逆序对，数量为 mid - cur1 + 1。
   • 稳定性处理：使用 <= 保证相等元素不触发逆序对统计。

4. 剩余元素处理：

   • 剩余元素直接追加到临时数组，不产生新逆序对。

5. 数据回写：

   • 将临时数组的数据复制回原数组的 [left, right] 区间，确保后续合并正确。

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总结

归并排序在合并阶段天然适合统计逆序对：左、右子数组有序时，可以高效计算跨越两部分的逆序对数量。通过分治策略，算法的时间复杂度为 O(n log n)，优于暴力法的 O(n²)。代码中需注意中间点计算的潜在溢出问题，以及临时数组的预分配优化。掌握这一方法，可解决多数分治类统计问题（如翻转对、右侧更小元素等）。