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题目链接：1419. 数青蛙 - 力扣（LeetCode）

给你一个字符串 croakOfFrogs，它表示不同青蛙发出的蛙鸣声（字符串 "croak" ）的组合。由于同一时间可以有多只青蛙呱呱作响，所以 croakOfFrogs 中会混合多个 “croak” 。

请你返回模拟字符串中所有蛙鸣所需不同青蛙的最少数目。

要想发出蛙鸣 "croak"，青蛙必须 依序 输出 ‘c’, ’r’, ’o’, ’a’, ’k’ 这 5 个字母。如果没有输出全部五个字母，那么它就不会发出声音。如果字符串 croakOfFrogs 不是由若干有效的 "croak" 字符混合而成，请返回 -1 。

示例 1：

输入：croakOfFrogs = "croakcroak"
输出：1 
解释：一只青蛙 “呱呱” 两次

示例 2：

输入：croakOfFrogs = "crcoakroak"
输出：2 
解释：最少需要两只青蛙，“呱呱” 声用黑体标注
第一只青蛙 "crcoakroak"
第二只青蛙 "crcoakroak"

示例 3：

输入：croakOfFrogs = "croakcrook"
输出：-1
解释：给出的字符串不是 "croak" 的有效组合。

提示：

• 1 <= croakOfFrogs.length <= 105
• 字符串中的字符只有 'c', 'r', 'o', 'a' 或者 'k'

算法思路：

模拟⻘蛙的叫声。

当遇到 'r' 'o' 'a' 'k' 这四个字符的时候，我们要去看看每⼀个字符对应的前驱字符，

有没有⻘蛙叫出来。如果有⻘蛙叫出来，那就让这个⻘蛙接下来喊出来这个字符；如果没有，直接返回 -1 ,

当遇到 'c' 这个字符的时候，我们去看看 'k' 这个字符有没有⻘蛙叫出来。如果有，就让

这个⻘蛙继续去喊 'c' 这个字符；如果没有的话，就重新搞⼀个⻘蛙。

class Solution {public int minNumberOfFrogs(String croakOfFrogs) {//把其转换为字符数组char[] croak=croakOfFrogs.toCharArray();String t="croak";int n=t.length();int[] hash=new int[n];//构建一个hash表存放字符串的下标Map<Character,Integer>  index=new HashMap<Character,Integer>();for(int i=0;i<n;i++){index.put(t.charAt(i),i);}//先看c字符for(char ch:croak){if(ch==t.charAt(0)){if(hash[n-1]!=0){hash[n-1]--;} hash[0]++;}else{int i=index.get(ch);if(hash[i-1]==0) {return -1;}hash[i-1]--;hash[i]++;}}for(int i=0;i<n-1;i++){if(hash[i]!=0){return -1;}}return hash[n-1];}
}

题目链接：75. 颜色分类 - 力扣（LeetCode） 

给定一个包含红色、白色和蓝色、共 n 个元素的数组 nums ，原地 对它们进行排序，使得相同颜色的元素相邻，并按照红色、白色、蓝色顺序排列。

我们使用整数 0、 1 和 2 分别表示红色、白色和蓝色。

必须在不使用库内置的 sort 函数的情况下解决这个问题。

示例 1：

输入：nums = [2,0,2,1,1,0]
输出：[0,0,1,1,2,2]

示例 2：

输入：nums = [2,0,1]
输出：[0,1,2]

提示：

• n == nums.length
• 1 <= n <= 300
• nums[i] 为 0、1 或 2

 

在 cur 往后扫描的过程中，保证：

        [0, left] 内的元素都是 0 ；

        [left + 1, cur - 1] 内的元素都是 1 ；

        [cur, right - 1] 内的元素是待定元素；

        [right, n] 内的元素都是 2 。

算法流程：

        a. 初始化 cur = 0，left = -1， right = numsSize ；

        b. 当 cur < right 的时候（因为 right 表⽰的是 2 序列的左边界，因此当 cur 碰到right 的时候，说明已经将所有数据扫描完毕了），⼀直进⾏下⾯循环：

根据 nums[cur] 的值，可以分为下⾯三种情况：

        i. nums[cur] == 0 ；说明此时这个位置的元素需要在 left + 1 的位置上，因此交换 left + 1 与 cur 位置的元素，并且让 left++ （指向 0 序列的右边界），cur++ （为什么可以 ++ 呢，是因为 left + 1 位置要么是 0 ，要么是 cur ，交换完毕之后，这个位置的值已经符合我们的要求，因此 cur++ ）；

        ii. nums[cur] == 1 ；说明这个位置应该在 left 和 cur 之间，此时⽆需交换，直接让 cur++ ，判断下⼀个元素即可；

        iii. nums[cur] == 2 ；说明这个位置的元素应该在 right - 1 的位置，因此交换right - 1 与 cur 位置的元素，并且让 right-- （指向 2 序列的左边界）， cur 不变（因为交换过来的数是没有被判断过的，因此需要在下轮循环中判断）

        c. 当循环结束之后：

        [0, left] 表⽰ 0 序列；

        [left + 1, right - 1] 表⽰ 1 序列；

        [right, numsSize - 1] 表⽰ 2 序列。

class Solution {public void swap(int[] nums,int i,int j){int tmp=nums[i];nums[i]=nums[j];nums[j]=tmp;}public void sortColors(int[] nums) {int left=-1,right=nums.length,i=0;while(i<right){if(nums[i]==0){swap(nums,++left,i++);}else if(nums[i]==1){i++;}else{swap(nums,--right,i);}}}
}