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  大家好，我是 展菲，目前在上市企业从事人工智能项目研发管理工作，平时热衷于分享各种编程领域的软硬技能知识以及前沿技术，包括iOS、前端、Harmony OS、Java、Python等方向。在移动端开发、鸿蒙开发、物联网、嵌入式、云原生、开源等领域有深厚造诣。

图书作者：《ESP32-C3 物联网工程开发实战》
图书作者：《SwiftUI 入门，进阶与实战》
超级个体：COC上海社区主理人
特约讲师：大学讲师，谷歌亚马逊分享嘉宾

摘要

在 Swift 语言中，原生并没有提供基于队列的栈实现。本篇文章将介绍如何 使用两个队列模拟 LIFO 栈，并提供完整的 Swift 代码实现。我们会分析代码逻辑、测试示例，并探讨时间和空间复杂度，帮助开发者理解该方法的核心原理。

描述

请你仅使用两个队列实现一个后入先出（LIFO）的栈，并支持普通栈的全部四种操作（push、top、pop 和 empty）。

实现 MyStack 类：

• void push(int x) 将元素 x 压入栈顶。
• int pop() 移除并返回栈顶元素。
• int top() 返回栈顶元素。
• boolean empty() 如果栈是空的，返回 true ；否则，返回 false 。

注意：

• 你只能使用队列的标准操作 —— 也就是 push to back、peek/pop from front、size 和 is empty 这些操作。
• 你所使用的语言也许不支持队列。 你可以使用 list （列表）或者 deque（双端队列）来模拟一个队列 , 只要是标准的队列操作即可。

示例：

输入：
["MyStack", "push", "push", "top", "pop", "empty"]
[[], [1], [2], [], [], []]
输出：
[null, null, null, 2, 2, false]解释：
MyStack myStack = new MyStack();
myStack.push(1);
myStack.push(2);
myStack.top(); // 返回 2
myStack.pop(); // 返回 2
myStack.empty(); // 返回 False

提示：

• 1 <= x <= 9
• 最多调用100 次 push、pop、top 和 empty
• 每次调用 pop 和 top 都保证栈不为空

进阶： 你能否仅用一个队列来实现栈。

题解答案

我们可以使用 两个队列 queue1 和 queue2 来模拟栈的行为。实现方式如下：

1. push(x):

   • 直接将 x 添加到 queue1。

2. pop():

   • 将 queue1 中的 前 n-1 个元素 依次移动到 queue2。
   • queue1 中仅剩下最后一个元素，即栈顶元素，弹出它并返回。
   • 交换 queue1 和 queue2，使 queue1 始终作为主要存储队列。

3. top():

   • 先执行与 pop() 相同的步骤，但不移除栈顶元素，而是返回它。
   • 依然交换 queue1 和 queue2，保持队列状态不变。

4. empty():

   • 直接判断 queue1 是否为空。

题解代码

Swift 实现

import Foundationclass MyStack {private var queue1: [Int] = []private var queue2: [Int] = []init() {}func push(_ x: Int) {queue1.append(x)}func pop() -> Int {while queue1.count > 1 {queue2.append(queue1.removeFirst())}let topElement = queue1.removeFirst()swap(&queue1, &queue2)return topElement}func top() -> Int {while queue1.count > 1 {queue2.append(queue1.removeFirst())}let topElement = queue1.first!queue2.append(queue1.removeFirst())swap(&queue1, &queue2)return topElement}func empty() -> Bool {return queue1.isEmpty}
}// 示例测试
let myStack = MyStack()
myStack.push(1)
myStack.push(2)
print(myStack.top())   // 输出 2
print(myStack.pop())   // 输出 2
print(myStack.empty()) // 输出 false

题解代码分析

1. push(x)

• 时间复杂度：O(1) —— 直接插入队列末尾，时间复杂度为 O(1)。
• 空间复杂度：O(1) —— 仅存储额外的 x，不会增加额外数据结构的空间。

2. pop()

• 核心逻辑：
  1. 将 queue1 中的 n-1 个元素逐个转移到 queue2。
  2. queue1 中最后一个元素即为栈顶元素，将其移除并返回。
  3. 交换 queue1 和 queue2 角色，确保 queue1 始终是主要存储队列。
• 时间复杂度：O(n) —— 需要移动 n-1 个元素。
• 空间复杂度：O(1) —— 只使用 queue1 和 queue2 两个队列。

3. top()

• 核心逻辑：
  1. 先执行 pop() 的前半部分，将 n-1 个元素转移到 queue2。
  2. 记录 queue1 剩余的最后一个元素（即栈顶）。
  3. 将该元素移入 queue2，再交换 queue1 和 queue2。
• 时间复杂度：O(n) —— 需要移动 n-1 个元素。
• 空间复杂度：O(1) —— 只使用 queue1 和 queue2。

4. empty()

• 时间复杂度：O(1) —— 直接判断 queue1 是否为空。
• 空间复杂度：O(1) —— 仅返回布尔值。

示例测试及结果

let myStack = MyStack()
myStack.push(1)
myStack.push(2)
print(myStack.top())   // 输出 2
print(myStack.pop())   // 输出 2
print(myStack.empty()) // 输出 false

输出：

2
2
false

时间复杂度分析

操作	时间复杂度
push(x)	O(1)
pop()	O(n)
top()	O(n)
empty()	O(1)

由于 pop() 和 top() 需要移动 n-1 个元素，时间复杂度较高。

空间复杂度分析

操作	空间复杂度
push(x)	O(1)
pop()	O(1)
top()	O(1)
empty()	O(1)

由于我们 只使用两个队列，因此空间复杂度始终为 O(1)。

总结

1. 本题使用两个队列成功模拟了 LIFO 栈，并实现了 push、pop、top 和 empty 操作。
2. push 操作较快（O(1)），但 pop 和 top 需要 O(n) 时间，因为它们涉及数据的转移。
3. 优化方向：
   • 若希望提升 pop() 的效率，可以改用 单队列 方法（进阶解法），这样 pop() 可在 O(1) 时间内完成。
   • 但是 单队列方法会使 push(x) 变为 O(n)，两者是互斥的。